为什么 malloc 段错误的一种方式，而另一种没有？ [复制]答案

【问题标题】：Why does one way of malloc seg fault but another doesn't? [duplicate]为什么 malloc 段错误的一种方式，而另一种没有？ [复制]
【发布时间】：2017-02-06 21:35:20
【问题描述】：

如果我有一个 int 数组：

int *array;

array = malloc(5 * sizeof(int));

然后我像上面一样对其进行 malloc，然后我可以访问它并为其设置值。一切都很好。

但是如果我创建该 int 指针并将其传递给一个函数并在函数中进行 malloc inside，我将无法访问/设置数组的值除非我将它作为指向指针的指针传递给数组？

some_void_function(int *array) {
    array = malloc(5 * sizeof(int))
}

int *array;
some_void_function(array);

*(array + 3) = 5; // DOES NOT WORK

要修复它，我可以让数组接受 (int **array) 作为参数并传入指针的地址（因此是指向指针的指针），取消引用它，然后用 malloc 分配它：

some_void_function(int **array) {
    *array = malloc(5 * sizeof(int))
}

int *array;
some_void_function(&array);

*(array + 3) = 5; // WORKS

有人可以向我解释一下吗？在这两种情况下我不是在做同样的事情吗？传递地址然后只是取消引用它与首先传递单个指针是一样的吗？

【问题讨论】：

如果不是，怎么可能是一样的呢？通过调用some_void_function(array);，您不会修改array，因为它是按值传递的。

标签： c arrays pointers

【解决方案1】：

指针是保存地址的变量。但是它们与所有其他类型的变量都遵循相同的规则，这意味着它们是按值传递的。

void some_void_function(int *array) {
    array = malloc(5 * sizeof(int))
}

array 是 some_void_function 的本地变量，您对其值所做的任何更改都不会反映在从中复制它的指针中。

要修改调用代码中的变量（包括指针），您有两种选择：

按指针传递，即指向你的指针的指针：

void some_void_function(int **array) {
  *array = malloc(5 * sizeof(int))
}

返回你分配的地址并赋值给指针：

int* some_allocating_function() {
  return malloc(5 * sizeof(int))
}
//...
int *array = some_allocating_function();

【讨论】：

明确一点，pointer 的本地副本已创建，对吗？因此，当我在函数内部执行 malloc 时，我实际上只是 malloc'ing 到另一个指针（本地指针）而不是我期望 malloc 到的那个？
@Zhinkk - 合二为一:)
对不起，这给我带来了另一个困惑：如果指针是按值传递的，为什么会这样？ void test(int *array) { *(array) = 10 } 在 main 中，数组已更改。但是你不是说指针是按值传递的吗？
@Zhinkk - 您不传递数组，而是传递int 的地址。如果它是一个有效的地址，它可以用来修改那个int。同样，如果我传递int * 的地址（表示类型为int **），我可以使用它来修改int *。
完美！谢谢你这么清楚的解释。

【解决方案2】：

那是因为 c 按值传递参数

some_void_function(int *array) {
    array = malloc(5 * sizeof(int))
}

这段代码只是修改了array的本地副本，它不会改变array的调用者副本

这段代码

some_void_function(int **array) {
    *array = malloc(5 * sizeof(int))
}

传入调用者数组的地址，这使您可以脱离函数并更改调用者数组指针

【讨论】：