将类型名传递给 lambda 的最干净的方法是什么？

Question

我有兴趣编写一个 lambda 函数，该函数将调用 std::make_unique。要调用std::make_unique，我需要一个类型名，但似乎为了将类型名直接传递给 lambda 函数，我必须将 lambda 变量设为模板：

struct SpecialThing
{
    SpecialThing(/* some arguments */) {}
}

void f()
{
    template <typename Thing>
    auto createThing = [](auto&&... parameters)
    {
        return std::make_unique<Thing>(std::forward<decltype(parameters)>(parameters)...);
    };

    auto thing = createThing<SpecialThing>(/* some construction parameters */);
}

但我的编译器 (GCC 4.9.2) 似乎不喜欢这样。 （我真的没想到会这样，虽然我对模板变量知之甚少，我不能确定它不会。）

假设我真的决定将createThing 保留为 lambda 函数类型的局部变量。我能以这种方式将std::make_unique 包装得多么干净？这是我目前为止最好的：

void f()
{
    auto createThing = [](auto dummyThingPointer, auto&&... parameters)
    {
        typedef typename std::remove_pointer<decltype(dummyThingPointer)>::type Thing;
        return std::make_unique<Thing>(std::forward<decltype(parameters)>(parameters)...);
    };

    auto thing = createThing(static_cast<SpecialThing*>(nullptr), /* some construction parameters */);
}

它很罗嗦，但并不难理解，而且可以编译。

我想也许我可以用std::declval 和std::remove_reference 做类似的事情，但我无法编译。反正不会比上面的干净多少。

C++14 是否提供任何非偷偷摸摸的方式来将 SpecialThing 类型转换为 createThing 这里？或者失败了，一个比我的 nullptr 技巧更好的偷偷摸摸的方法？

（注意：我知道我可以通过其他方式解决这个问题；我只是要求学习该语言，而不是为了克服严重的障碍。因此，上面的愚蠢代码简单地包装了一个标准函数，没有明显原因。）

Answer 1

我会使用标签类型：

#include <memory>
struct SpecialThing
{
    SpecialThing(/* some arguments */) {}
};
template<typename T>
struct Tag {
    typedef T type;
};
void f()
{
    auto createThing = [](auto typeTag, auto&&... parameters)
    {
        return std::make_unique<typename decltype(typeTag)::type>(
                        std::forward<decltype(parameters)>(parameters)...);
    };

    auto thing = createThing(Tag<SpecialThing>{} /*, some construction parameters */);
}