jsonObjectRequest 错误消息为空答案

【问题标题】：jsonObjectRequest error message is nulljsonObjectRequest 错误消息为空
【发布时间】：2016-03-03 15:56:59
【问题描述】：

所以我正在开发一个从 xampp 服务器上的 MySQL 数据库中检索数据的 android 应用程序。这是来自android main的代码，

Button scanButton = (Button) findViewById(R.id.scanButton);
String findUrl = "http://myIPaddress/webservice/findItem.php";
RequestQueue requestQueue = Volley.newRequestQueue(getApplicationContext());
scanButton.setOnClickListener(new View.OnClickListener(){
    @Override
    public void onClick(View v){

        JsonObjectRequest jsonObjectrequest = new JsonObjectRequest(Request.Method.POST, 
        findUrl, new Response.Listener<JSONObject>(){
            @Override
            public void onResponse(JSONObject response){
                try{
                    //retrieve the items table from the database
                    JSONArray items = response.getJSONArray("items");
                    int i = 2;
                    //retrieve the 3rd row in the table
                    JSONObject item = items.getJSONObject(i);
                    String name = item.getString("name");
                    //send a LogCat message containing the name of the row                  
                    Log.d("name",name); 
                } catch(JSONException e){
                    e.printStackTrace();
                }

            }
        }, new Response.ErrorListener(){
            @Override
            public void onErrorResponse(VolleyError error){
                //in case of an error, send a logcat message containing the error
                Log.d("error","" + error.getMessage());
            }
        });
        requestQueue.add(jsonObjectrequest);
    }
});

}

php 脚本位于 webservice 文件夹中，该文件夹位于 xampp 文件夹的 htdocs 文件夹中。这是connection.php的脚本（声明并设置数据库的连接），

<?php

define('hostname', 'localhost');
define('user','root');
define('password','');
define('databaseName','webservice');

$connect = mysqli_connect(hostname, user, password, databaseName);

?>

和 findItem.php 的脚本（从我的本地主机 phpmyadmin 中的“webservice”数据库返回“items”表），

<?php

if($_SERVER["REQUEST_METHOD"]=="POST"){
    include 'connection.php';
    showItem();
}

function showItem(){
    global $connect;

    $query = "Select * FROM ITEMS";

    $result = mysqli_query($connect, $query);
    $number_of_rows = mysqli_num_rows($result);

    $temp_array = array();

    if($number_of_rows > 0){
        while($row = mysqli_fetch_assoc($result)){
            $temp_array[] = $row;
        }
    }
    header('Content-Type: application/json');
    echo json_encode(array("items"=>$temp_array));
    mysqli_close($connect);
}

?>

我遇到的错误发生在运行时。当我在我的 android 模拟器中单击按钮时，logcat 消息不是“项目”表第三行的名称。有一条错误消息，但错误最终为空。我的问题基本上是什么可能导致这种情况？我已确保 php 脚本位于正确的位置（xampp/htdocs/webservice），IP 地址正确，apache 和 mysql 的 xampp 服务器已打开，正确的权限已写入 android 清单文件，以及在名为“webservice”的数据库中存在至少 3 行的“items”表。感谢您提供任何反馈，提前感谢您。

【问题讨论】：

标签： php android mysql xampp

【解决方案1】：

因此，尽管我没有收到有关此问题的任何答案，但我能够找出问题所在。首先，我使用 postman 应用程序（谷歌浏览器扩展）检查了数据库是否存在，因为我在 php 脚本中使用了 post 方法。该数据库确实存在。因此，尽管我在问题中的假设不正确，但问题很可能是 IP 地址。我最初在 findUrl 字符串中的 ip 地址是正确的，但仍然是错误的。这是一个有效的 IP 地址，但数据库位于本地托管的服务器上；因此，IP 地址应该是本地 IP 地址。由于某种原因，我使用的 IP 地址不是本地地址，所以这就是修复。如果有人想知道我是如何在 Windows 上找到本地 IP 地址的，只需运行命令提示符并键入“ipconfig”。本地 IP 地址应为“ipv4 地址”。

【讨论】：