从路径中提取文件名答案

【问题标题】：Extract the filename from a path从路径中提取文件名
【发布时间】：2016-06-19 04:47:36
【问题描述】：

我想从下面的路径中提取文件名：

D:\Server\User\CUST\MEA\Data\In\Files\CORRECTED\CUST_MEAFile.csv

现在我编写了这段代码来获取文件名。只要文件夹级别没有改变，这就可以正常工作。但是如果文件夹级别已经改变，这段代码需要重写。我正在寻找一种使其更灵活的方法，例如无论文件夹级别如何，代码都可以始终提取文件名。

($outputFile).split('\')[9].substring(0)

【问题讨论】：

标签： powershell powershell-2.0

【解决方案1】：

如果您对包含扩展名感到满意，这应该可以满足您的需求。

$outputPath = "D:\Server\User\CUST\MEA\Data\In\Files\CORRECTED\CUST_MEAFile.csv"
$outputFile = Split-Path $outputPath -leaf

【讨论】：

这是一个很好的答案。它以最“内置”的方式解决了问题。但是，出于我的需要，我需要带扩展名的文件名和基本文件名，所以我使用了@angularsen 的答案。还有另一个参数 -leafbase，但它仅在 PowerShell Core 6+ 上受支持。

【解决方案2】：

使用.net:

[System.IO.Path]::GetFileName("c:\foo.txt") 返回foo.txt。 [System.IO.Path]::GetFileNameWithoutExtension("c:\foo.txt") 返回foo

【讨论】：

.NET FTW！！这是最好的答案。谢谢?

【解决方案3】：

在 Get-ChildItem 中使用 BaseName 显示文件的名称，使用 Name 显示带有扩展名的文件名。

$filepath = Get-ChildItem "E:\Test\Basic-English-Grammar-1.pdf"

$filepath.BaseName

Basic-English-Grammar-1

$filepath.Name

Basic-English-Grammar-1.pdf

【讨论】：

【解决方案4】：

你可以像这样得到你想要的结果。

$file = "D:\Server\User\CUST\MEA\Data\In\Files\CORRECTED\CUST_MEAFile.csv"
$a = $file.Split("\")
$index = $a.count - 1
$a.GetValue($index)

如果你使用“Get-ChildItem”来获取“fullname”，你也可以使用“name”来获取文件名。

【讨论】：

如果您采用数组方法，只需使用索引-1：$file.Split("\")[-1]
如果我们想删除扩展，我们该怎么办？

【解决方案5】：

$(Split-Path "D:\Server\User\CUST\MEA\Data\In\Files\CORRECTED\CUST_MEAFile.csv" -leaf)

【讨论】：

【解决方案6】：

Get-ChildItem "D:\Server\User\CUST\MEA\Data\In\Files\CORRECTED\CUST_MEAFile.csv"
|Select-Object -ExpandProperty Name

【讨论】：

【解决方案7】：

只是为了完成上面使用 .Net 的答案。

在此代码中，路径存储在 %1 参数中（在注册表中的引号下被转义：\"%1\"）。要检索它，我们需要$arg（内置参数）。 不要忘记 $FilePath 周围的引用。

# Get the File path:  
$FilePath = $args
Write-Host "FilePath: " $FilePath

# Get the complete file name:
$file_name_complete = [System.IO.Path]::GetFileName("$FilePath")
Write-Host "fileNameFull :" $file_name_complete

# Get File Name Without Extension:
$fileNameOnly = [System.IO.Path]::GetFileNameWithoutExtension("$FilePath")
Write-Host "fileNameOnly :" $fileNameOnly

# Get the Extension:
$fileExtensionOnly = [System.IO.Path]::GetExtension("$FilePath")
Write-Host "fileExtensionOnly :" $fileExtensionOnly

【讨论】：

【解决方案8】：

你可以试试这个：

[System.IO.FileInfo]$path = "D:\Server\User\CUST\MEA\Data\In\Files\CORRECTED\CUST_MEAFile.csv"
# Returns name and extension
$path.Name
# Returns just name
$path.BaseName

【讨论】：

【解决方案9】：

使用通配符查找文件并获取文件名：

Resolve-Path "Package.1.0.191.*.zip" | Split-Path -leaf

【讨论】：

【解决方案10】：

$file = Get-Item -Path "c:/foo/foobar.txt"
$file.Name

适用于相对路径和绝对路径

【讨论】：