文件结构：在 Node.js 中需要子模块

Question

我有以下 Node.js 模块/npm 包：

|- dist/
|- - requirejs/
|- - - [stuff in amd pattern ...]
|- - node/
|- - - index.js
|- - - submodules/
|- - - - submodule1.js
|- - - - [submodule2.js etc.]
|- package.json
|- README.md

我可以通过模块名称要求dist/node/index.js（因为我将它设置为 package.json 中的主入口点文件），如下所示：

var myModule = require('myModule');

我想通过这样做来要求子模块（如 AMD 模式）：

var mySubmodule = require('myModule/submodules/submodule1');

这会在 Node.js 中引发错误。问题是，Node.js 需要其 dist/node/ 子目录中的主文件，但仍将模块根目录作为工作目录。

假设存在以下结构：

|- dist/
|- - node/
|- - - index.js
|- submodules/
|- - submodule1.js
|- package.json
|- README.md

现在做require('myModule/submodules/submodule1') 就可以了。

现在的问题： 是否有任何设置/配置将“模块命名空间”或工作目录设置为主文件所在的目录，或者我真的需要放置子模块文件夹进入项目根目录，使其无需执行require('myModule/dist/node/submodules/submodule1')即可访问？

Answer 1

简短的回答：你不能。

长答案：您应该直接使用您建议的第二个目录结构 (/myModule/submodules/) 或将某种 API 添加到您的主要导出 (index.js) 以快速获取所需的模块.

虽然您在技术上可以调用 require('myModule/some/complex/path')，但 Node.js / npm 包标准依赖于 require('myModule') 提供的独特接口。

// /dist/node/index.js
var path = require('path');
exports.require = function (name) {
  return require(path.join(__dirname, name));
};

然后在您的应用中：

var myModule = require('myModule');
var submodule1 = myModule.require('submodules/submodule1');

Answer 2

您现在可以使用 Node 的 exports feature 执行类似的操作。