XML 解析错误：找不到根元素位置

Question

所以我正在制作一个简单的登录/注册 Web 应用程序，但我不断收到以下错误：

XML Parsing Error: no root element found Location: file:///C:/xampp/htdocs/EdgarSerna95_Lab/login.html Line Number 37, Column 3:   

和

XML Parsing Error: no root element found Location: file:///C:/xampp/htdocs/EdgarSerna95_Lab/php/login.phpLine Number 37, Column 3:

这是我的 login.php

<?php
header('Content-type: application/json');

$servername = "localhost";
$username = "root";
$password = "";
$dbname = "jammer";

// Create connection
$conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);
// Check connection
if ($conn->connect_error) {
    header('HTTP/1.1 500 Bad connection to Database');
    die("The server is down, we couldn't establish the DB connection");
}
else {
    $conn ->set_charset('utf8_general_ci');
    $userName = $_POST['username'];
    $userPassword = $_POST['userPassword'];

    $sql = "SELECT username, firstName, lastName FROM users WHERE username = '$userName' AND password = '$userPassword'";
    $result = $conn->query($sql);

    if ($result->num_rows > 0) {
        while($row = $result->fetch_assoc()) {
            $response = array('firstName' => $row['firstNameName'], 'lastName' => $row['lastName']);
        }
        echo json_encode($response);
    }
    else {
        header('HTTP/1.1 406 User not found');
        die("Wrong credentials provided!");
    }
}
$conn->close();
?>

我已经对 xml 解析错误进行了一些研究，但我仍然无法使我的项目正常运行，我尝试使用 Google Chrome 和 Firefox

Answer 1

我在 Spring MVC 应用程序中遇到了同样的情况，因为它被声明为 void，将其更改为返回 String 解决了问题

@PostMapping()
public void aPostMethod(@RequestBody( required = false) String body) throws IOException {
System.out.println("DoSome thing" + body); 
}

到

@PostMapping()
public String aPostMethod(@RequestBody( required = false) String body) throws IOException {
    System.out.println("DoSome thing" + body);
    return "justReturn something";
}

Answer 2

啊哈！今天得到这个的原因会让我看起来很傻，但可能有一天会帮助某人。

在我的机器上设置了一个 Apache 服务器，使用 PHP 等等...我收到了这个错误...然后意识到原因：我点击了有问题的 HTML 文件（即包含 Javascript/ JQuery），所以浏览器地址栏显示“file:///D:/apps/Apache24/htdocs/experiments/forms/index.html”。

要真正使用 Apache 服务器（假设它正在运行等），您必须在浏览器的地址栏中输入 "http://localhost/experiments/forms/index.html"。

到目前为止，我一直在使用“index.php”文件，只是更改为“index.html”文件。有点问题，因为对于前者，您必须使用 localhost “正确”访问它。

Answer 3

确保您的 php 服务器正在运行并且 php 代码位于相应的文件夹中。如果 php 不存在，我遇到了同样的问题。我还建议将您的 html 放在同一个文件夹中，以防止在测试时出现跨域错误。

如果这不是问题，请确保 php 中的每个 SQL 调用都是正确的，并且您使用的是当前的 php 标准... PHP 变化很快，与 html、css 和 Javascript 不同，因此可能不推荐使用某些函数。

另外，我注意到您可能没有正确收集变量，这也可能导致此错误。如果您通过表单发送变量，它们需要采用正确的格式并根据您的偏好通过 POST 或 GET 发送。例如，如果我有一个迷宫游戏的登录页面：

HTML

    <script src="https://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/3.2.0/jquery.min.js"></script>
    <form class="modal-content animate" method="post">
    <div class="container">
        <label><b>Username</b></label>
        <input type="text" id="usernameinput" placeholder="Enter username" name="uname" required>
        <label><b>Password</b></label>
        <input type="password" id="passwordinput" placeholder="Enter Password" name="psw" required>
        <button onclick="document.getElementById('id01').style.display='block'">Sign Up</button>
        <button type="button" id="loginsubmit" onclick="myLogin(document.getElementById('usernameinput').value, document.getElementById('passwordinput').value)">Login</button>
    </div>
    </form>

JavaScript

function myLogin(username, password){
var datasend=("user="+username+"&pwd="+password);
$.ajax({
    url: 'makeUserEntry.php',
    type: 'POST',
    data: datasend,
    success: function(response, status) {
        if(response=="Username or Password did not match"){
            alert("Username or Password did not match");
        }
        if(response=="Connection Failure"){
            alert("Connection Failure");
        }
        else{
            localStorage.userid = response;
            window.location.href = "./maze.html"
        }
    },
    error: function(xhr, desc, err) {
        console.log(xhr);
        console.log("Details: " + desc + "\nError:" + err);
        var response = xhr.responseText;
        console.log(response);
        var statusMessage = xhr.status + ' ' + xhr.statusText;
        var message  = 'Query failed, php script returned this status: ';
        var message = message + statusMessage + ' response: ' + response;
        alert(message);
    }
}); // end ajax call
}

PHP

<?php
$MazeUser=$_POST['user'];
$MazePass=$_POST['pwd'];


//Connect to DB
$servername="127.0.0.1";
$username="root";
$password="password";
$dbname="infinitymaze";
//Create Connection
$conn = new MySQLi($servername, $username, $password, $dbname);
//Check connetion
if ($conn->connect_error){
    die("Connection Failed:  " . $conn->connect_error);
    echo json_encode("Connection Failure");
}
$verifyUPmatchSQL=("SELECT * FROM mazeusers WHERE username LIKE '$MazeUser' and password LIKE '$MazePass'");
$result = $conn->query($verifyUPmatchSQL);
$num_rows = $result->num_rows;
if($num_rows>0){
    $userIDSQL =("SELECT mazeuserid FROM mazeusers WHERE username LIKE '$MazeUser' and password LIKE '$MazePass'");
    $userID = $conn->query($userIDSQL);
    echo json_encode($userID);
}
else{
    echo json_encode("Username or Password did not match");
}

$conn->close();
?>

如果您包含代码的其他部分（例如 html 和 JavaScript）会有所帮助，因为我不必像这样给出自己的示例。但是，我希望这些指针对您有所帮助！

Answer 4

假设您正在使用 javascript，您需要在回显数据之前放置一个标头：

header('Content-Type: application/json');
echo json_encode($response);