在 Django 应用程序中打开文件答案

【问题标题】：Open file in Django app在 Django 应用程序中打开文件
【发布时间】：2012-03-31 11:03:28
【问题描述】：

我想使用 open() 从 Django 应用程序打开一个文件。问题是open() 似乎使用了我运行runserver 命令的任何目录作为根目录。

例如如果我像这样从名为 foo 的目录运行服务器

$pwd
/Users/foo
$python myapp/manage.py runserver

open() 使用foo 作为根目录。

如果我这样做

$cd myapp
$pwd
/Users/foo/myapp
$python manage.py runserver

myapp 将是根。

假设我的文件夹结构如下所示

foo/myapp/anotherapp

我希望能够通过同样位于 foo/myapp/anotherapp 的脚本打开位于 foo/myapp/anotherapp 的文件，只需说一下

file = open('./baz.txt')

现在，取决于我从哪里运行服务器，我不得不说

file = open('./myapp/anotherapp/baz.txt')

或

file = open('./anotherapp/baz.txt')

【问题讨论】：

【解决方案1】：

解决方案已在Favorite Django Tips&Tricks 问题中描述。解决方法如下：

import os
module_dir = os.path.dirname(__file__)  # get current directory
file_path = os.path.join(module_dir, 'baz.txt')

这正是你提到的。

附言。请不要覆盖file 变量，它是one of the builtins。

【讨论】：

再次感谢。显然 Python 不是我选择的常规武器。
这正是我自己的问题所需要的。谢谢！
如果你需要向内走一步怎么办。我的意思是如果 baz.txt 文件在 module_dir 的某个文件夹中，比如说 foo/baz.txt？
@user570826：尝试file_path = os.path.join(module_dir, 'foo/baz.txt') 或file_path = os.path.join(module_dir, 'foo', 'baz.txt')。
你能告诉我为什么这样有效吗？为什么必须通过 os.path.dirname(file) 使用模块目录

【解决方案2】：

我想我通过另一个堆栈溢出问题找到了答案（是的，我在询问之前确实搜索过......）

我现在这样做

pwd = os.path.dirname(__file__)
file = open(pwd + '/baz.txt')

【讨论】：

仅供参考：您也可以这样做：import socket，然后您可以使用socket.gethostname() 来确定您所在系统的主机名。根据返回的主机名设置路径。
@PaulHunter: 你应该使用pwd + '/baz.txt' 而不是os.path.join(pwd, 'baz.txt')。