Flask 应用程序替代文件结构（app.py，模板文件夹）

Question

我正在构建一个简单的烧瓶应用程序，其中 文件结构 是

• 项目/
  • app.py
  • 模板/
  • 静态/
    • css/
      • style.css
    • js/
      • code.js

使用这种结构，下面的代码完全可以正常工作。

from flask import Flask, render_template
app = Flask(__name__)
@app.route('/')
def root():
    return(render_template('html/index.html'))
if(__name__ == '__main__'):
    app.run(debug=True)

但我想将我的所有 python 代码（在本例中为 app.py）保存在一个名为 server/ 的包中，然后如果需要创建一些子该包内的包 (server/)。

这样，项目文件结构如下所示

• 项目/
  • 服务器
    • app.py
  • 模板/
  • 静态/
    • css/
      • style.css
    • js/
      • code.js

但是有了这个文件结构，我想知道路由路径需要是什么，这样我就可以在 template/html 文件夹中链接我的 html 文件。

@app.route('/')
def root():
    return(render_template('html/index.html'))

Answer 1

初始化Flask对象时提供相对或绝对路径：

app = Flask(__name__, template_folder="../templates")