从 PHP 脚本加载的图像不会显示在 ImageView 中

Question

我想用保存在本地主机上的图像填充 ImageView。我可以在浏览器中很好地显示它，但它不会显示在我的 ImageView 中。

显示图片的PHP脚本：

<?php
include('connect_db.php');

    $id = $_GET['id'];

    $path = 'Profile_Images/'.$id.'.jpg';

        echo '<img src='.$path.' border=0>';

?>

这是我从 URL 下载图像的 android 代码：

URL url;
try {
    url = new URL("http://192.168.1.13/get_profile_image.php?id=145");
    new DownloadImage(this).execute(url);
} catch (MalformedURLException e) {
    // TODO Auto-generated catch block
    e.printStackTrace();
}
}

@Override
public void imageDownloaded(final Bitmap downloadedImage) {

runOnUiThread(new Runnable() {
     public void run() {

        ImageView imageView = (ImageView)findViewById(R.id.imageView);
        imageView.setImageBitmap(downloadedImage);
    }
});
}

当我将 URL 放到其他图片上时，它可以正常工作但我的永远不会加载，有什么想法吗？

此外，以下代码有效，但我觉得它的做法不好..

    URL url;
    try {
        url = new URL("http://192.168.1.13/Profile_Images/145.jpg");
        new DownloadImage(this).execute(url);
    } catch (MalformedURLException e) {
        // TODO Auto-generated catch block
        e.printStackTrace();
    }

其中 145 是一个变量。

编辑

我们将不胜感激任何拒绝投票的原因！

Answer 1

其实很简单。当您向http://192.168.1.13/get_profile_image.php?id=145 发送请求时，会发回一个字符串 (<img src=Profile_Images/'.$id.'.jpg border=0>)。因为 DownloadImage 类不解析 HTML（它需要原始图像数据），所以它不知道实际图像在哪里。两种解决方案：

1. 您的“不良做法”方法
2. 改用这个 PHP 脚本来回显原始图像数据：

PHP：

$id = $_GET['id'];
$path = 'Profile_Images/'.$id.'.jpg';

$type = 'image/jpeg';
header('Content-Type:'.$type);
header('Content-Length: ' . filesize($path));
readfile($path);

编辑： 忘记感谢某人：上面的代码取自这里（带有改编的变量名）：https://stackoverflow.com/a/1851856/1087848

Answer 2

您的 PHP 代码将打印出以下内容：

<img src=Profile_Images/145.jpg border=0>

这不仅是格式错误的 HTML，而且是 text 输出。您的另一个 URL，http://192.168.1.13/Profile_Images/145.jpg 指向一个 image 文件，您从中接收的数据是图像，而不是 HTML 字符串。

您应该考虑让您的 PHP 返回带有图像 ID 的 URL 的 JSON 响应，然后在该 URL 上运行 DownloadImage。与原始回显相比，它的优势在于您可以轻松扩展解决方案以返回其他类型的文件，甚至返回文件数组。