如何在 Laravel 中基于模型制作迁移文件答案

【问题标题】：How to make a Migration file based on a model in Laravel如何在 Laravel 中基于模型制作迁移文件
【发布时间】：2019-02-19 16:32:20
【问题描述】：

如果我有一些模型，具有非默认功能（如软删除或自定义 id 名称）并想从中创建一个迁移文件，其中包含所有这些属性？所以这是我的模型：

class Test extends Model
{
   use SoftDeletes;

   protected $primaryKey = 'test_id';
   protected $table = 'my_flights';
   protected $dates = ['deleted_at'];
}

我希望我的迁移文件基于它。但是，当我使用命令php artisan make:migration create_test(s)_table（我尝试了test 和tests）以及参数--create 或--table 时，我得到了迁移文件，因为没有任何模型：

class CreateTestTable extends Migration
{
    public function up()
    {
        Schema::create('test', function (Blueprint $table) {
            $table->increments('id');
            $table->timestamps();
        });
    }  ...

【问题讨论】：

Laravel 没有原生支持，但可能有第三方包。
@JonasStaudenmeir 所以默认情况下我应该两次跟踪相同的属性：一个在模型文件中，一个在迁移文件中？在这种情况下，如果我在模型中设置自定义主键名称并在迁移文件中设置其他名称（抱歉，我是新手，还没有自己测试过）怎么办？
是的，你必须自己保持同步。
通常您不需要“跟踪”模型的属性，因为 Model 类将直接从数据库元数据中获取大部分属性。 Eloquent ORM 就是约定优于配置。您只需要对模型添加特殊条件，例如不遵循约定的属性和相关的数据类型转换。
@Malta 嗯.. 感谢您的提示。我不知道我必须在我的模型中只放入不符合约定的属性。现在我需要重新考虑使用eloquent))。

标签： php laravel orm eloquent migration

【解决方案1】：

在正常开发中，迁移先于模型细节。迁移包含模式定义，而不是模型。 Eloquent 模型遵循活动记录模式，不包含列的类型定义。如果遵循命名约定，则无需在模型中指定有关表或列的任何内容。

make:migration 命令不会从现有模型或数据库表中提取任何内容。有一个包支持从现有数据库架构创建迁移：https://github.com/Xethron/migrations-generator，但不支持模型本身。

【讨论】：

主要我想做的是不在不同的文件（模型和迁移）中跟踪相同的属性两次。所以在this question的回答中发现无法创建模型表单迁移，所以我想也许倒序是可能的。
跟踪属性是什么意思？您在模型的哪个位置跟踪属性？
例如：protected $primaryKey = 'test_id'; protected $table = 'my_flights';。因此，如果我希望我的 Migration 文件与模型相似，我也必须在其中放入相同的值。当我想改变时，例如主键名称，我必须在两个文件中进行更改。
好吧，如果您遵循命名约定，则 $table 和 $primaryKey 都不是必需的，但即便如此，我也很难在两者中都称其为跟踪属性..
请通过在其中添加此评论和问题中的评论来编辑您的答案，我会接受它;)