使用 PHP 的下拉 SQL 列表并在单击时更新

Question

我有三个下拉列表。 在第一个上，我选择了一些东西。 之后，我必须从第二个下拉列表中选择一些东西。 但它必须同时更新。 从第二个下拉列表中，我必须选择一些可以更改最后一个下拉列表中可选项目的内容。

我已经做了 3 个列表，但我正在为 POST 功能苦苦挣扎。 我猜想在下拉菜单中选择第一个项目后，它必须使用 post 功能和自动重新加载页面。第二个下拉列表必须执行类似 list all where items = post from before 之类的操作。对吧？

我该如何处理？

这是我现在的代码，但是缺少 POST 的部分。

<?php
$conn = mysqli_connect("localhost", "XXX", "XXX", "XXX") or die("Connection Error: " . mysqli_error($conn));
$result = mysqli_query($conn, "SELECT * FROM XXX");
?>
<select name="dynamic_data">
<?php
$i=0;
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
?>
<option value="<?=$row["hersteller"];?>"><?=$row["hersteller"];?></option>
<?php
$i++;
}
?>
</select>
<?php
mysqli_close($conn);
?>

<?php
$conn = mysqli_connect("localhost", "XXX", "XXX", "XXX") or die("Connection Error: " . mysqli_error($conn));
$result = mysqli_query($conn, "SELECT * FROM XXX");
?>
<select name="dynamic_data">
<?php
$i=0;
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
?>
<option value="<?=$row["model"];?>"><?=$row["model"];?></option>
<?php
$i++;
}
?>
</select>

<?php
$conn = mysqli_connect("localhost", "XX", "XXX", "XXX") or die("Connection Error: " . mysqli_error($conn));
$result = mysqli_query($conn, "SELECT * FROM XX");
?>
<select name="dynamic_data">
<?php
$i=0;
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
?>
<option value="<?=$row["motortyp"];?>"><?=$row["motortyp"];?></option>
<?php
$i++;
}
?>
</select>

Answer 1

在选择（下拉）上使用 .change 事件。在这种情况下，调用 ajax 方法在第二个下拉列表中填充数据。第三个下拉菜单也是如此像这样

$('#fristdropdownid').change(function(){
    var responseId = $(this).val();
    $.ajax({
       type:'POST',
       data:{responseId:responseId},
       url:'getdata.php',
       success:function(data){
         $('#seconddropdownid').html(data);
       }
    });
}