从 JavaScript 回显 PHP 变量？答案

【问题标题】：Echo PHP variable from JavaScript?从 JavaScript 回显 PHP 变量？
【发布时间】：2011-01-01 04:35:39
【问题描述】：

我也有一个带有一些 JavaScript 代码的 PHP 页面，但是下面的这个 JavaScript 代码似乎不起作用，或者我可能已经走了！

我正在尝试这样的事情：

  var areaOption=document.getElementById("<?php echo @$_POST['annonsera_name']?>");
  areaOption.selected=true;

我也试过这个，但它只会提醒一个空白警报框：

    alert (<?php echo $test;?>); // I have tried this with quotes, double-quotes, etc... no luck

我的想法完全错了吗？

更新

一些PHP代码：

    <?php 
        $test = "Hello World!";
    ?>

【问题讨论】：

您在这里缺少引号：alert ();应该警惕 ('');
如果你用整个周围的标记更新你的问题会有所帮助。
您能否将生成的 JavaScript 粘贴到浏览器中？
哇，我从 SO 开始就没见过这么没用的例子。您想通过更新告诉我们什么？
在大多数情况下，您应该远离使用@。它很慢，可能会导致调试问题。

标签： php javascript html

【解决方案1】：

在您的第二个示例中，您在字符串周围缺少引号（因此 H 被解释为变量 - 您没有设置）。

测试一下：

alert (<?php echo "'H'";?>);

或

alert ('<?php echo "H";?>');

【讨论】：

第二个警报正是这个警报框：...我希望 H 被提醒，或者最好是一个变量...第一个建议只提醒一个空白的警报框！
您的文件的扩展名是什么？是 .js 吗？如果是这样，php 将不起作用（默认情况下）
@harshath.jr，请注明！扩展名是js，对！
只有当脚本文件以 Web 服务器期望为 PHP 代码的扩展名结尾时，PHP 代码才会被解释为这样：.php（其他扩展名是可能的，但这是一个不同的主题）。跨度>
@Camran 发布详细答案

【解决方案2】：

PHP 在服务器端运行，Javascript 在客户端运行。

过程是PHP生成将在客户端执行的Javascript。

您应该能够检查仅查看代码生成的 JS。当然，如果 JS 依赖于一些 PHP 变量，则需要在输出 JS 之前实例化它们。

<?php
$test = 'Hello world';
?>
<html>
    <body>
        <script>
            alert('<?php echo $test; ?>');
        </script>
    </body>
</html>

会起作用，但是

<html>
    <body>
        <script>
            alert('<?php echo $test; ?>');
        </script>
    </body>
</html>
<?php
$test = 'Hello world';
?>

不会

【讨论】：

【解决方案3】：

使用json_encode 将一些文本（或任何其他数据类型）转换为 JavaScript 文字。不要只在回显的字符串周围加上引号 — 如果字符串中有引号、换行符或反斜杠怎么办？最好的情况是您的代码失败，最坏的情况是您有一个旧的跨站点脚本安全漏洞。

所以，

<?php
    function js($o) {
        echo json_encode($o, JSON_HEX_TAG|JSON_HEX_APOS|JSON_HEX_QUOT|JSON_HEX_AMP);
    }
?>
<script type="text/javascript">
    var areaOption= document.getElementById(<?php js($_POST['annonsera_name']); ?>);
    areaOption.selected= true;
    alert (<?php js('Hello World'); ?>);
</script>

【讨论】：

【解决方案4】：

您使用@$_POST 表示您已收到（或预期）错误 - 检查您生成的源以查看该值是否正确输出。否则document.getElementById 将失败，您将无法获得任何输出。

【讨论】：

【解决方案5】：

 alert("Delete entry <? echo $row['id']; ?> ")

【讨论】：

【解决方案6】：

如果你的扩展名是 js，php 在那个文件里是不行的。

原因是，php 会解析它应该解析的文件。 php 将解析的文件类型在 httpd.conf 中使用 AddType 命令（或指令，无论它们被称为什么）进行配置。

所以你有 3 个选择：

将文件类型 js 添加到 php 将解析的文件列表中（糟糕，非常糟糕）
将脚本内嵌到某个 php 文件中
将文件重命名为 script.js.php，并在文件开头指定内容类型，如下所示：

干杯！

【讨论】：

或折衷方案，通过 PHP 中的内联 <script> 元素将数据放入变量中，并让外部静态 .js 文件获取它。您通常不希望通过 PHP 提供脚本文件，因为除非您投入大量精力设置正确的标头，否则您将破坏缓存并增加网络和服务器负载。