YAML 不调用构造函数答案

【问题标题】：YAML does not call the constructorYAML 不调用构造函数
【发布时间】：2012-10-31 03:20:40
【问题描述】：

我已经尝试按照here 的说明进行操作，这导致我找到了这个代码：

import yaml
class Step(yaml.YAMLObject):

    yaml_tag = "!step"

    def __init__(self, *args, **kwargs):
        raise Exception("Intentionally.")

yaml.load("""
--- !step
    foo: bar
    ham: 42
""")

预期行为：出现异常。但我观察到的是，我的 YAML 标记会生成一个 Step 实例，我可以使用它、访问方法、属性（如上面代码中的 foo）等等。阅读文档，我找不到我的错误，因为它建议使用所有键值对作为关键字参数调用构造函数。

基本上文档中的示例有效，但不是因为构造函数的实现，而是因为键值对（Monster 的属性）用于填充对象的字典。

这里有人知道吗？

我正在使用 python3，但在 python2 中进行了快速评估并观察到了相同的结果。

编辑

我想要做的：留在链接示例（文档）中，如果 Monsters name 以 B 开头，则将 ac 的值加倍。

【问题讨论】：

标签： python python-3.x yaml

【解决方案1】：

来自文档：

yaml.YAMLObject 使用元类魔法来注册一个构造函数，它将 YAML 节点转换为一个类实例，以及一个表示器，它将一个类实例序列化为一个 YAML 节点。

在内部，由yaml.YAMLObject 注册的默认constructor 将调用YourClass.__new__，然后使用instance.__dict__ 在您的类上设置字段。详情请参阅this method。

根据您想要做什么，您可以在Step.__new__ 中添加一些逻辑（但您不会在**kwargs 或register a custom constructor 中获得任何字段。

【讨论】：

那么文档中的示例可能已经过时了？因为他们显示的构造函数可能不是必需的：它没有被调用并且在那里做了什么，基本上将所有 kwargs 添加为属性，无论如何都完成了。

【解决方案2】：

我认为我有一个根本的误解。我不知道这个假设是否成立，但我认为

load, dump = yaml.load, yaml.dump
foo = "any valid yaml string"

load(foo) == load(dump(load(foo))) # should be true

如果我现在按照问题中的建议进行操作，在加载时真正更改属性，会更改此“方程式”并导致我很可能不想要的行为。

【讨论】：