捕获按下Print Screen的用户并提交用户IP、论坛名称、会员ID和URL

Question

我目前正在编写一个脚本来捕获按下打印屏幕的用户，完成后它将提交以下信息：

成员 ID、姓名、IP、日期、网址

我还希望它上传他们筛选的内容并将其上传到 imgur，并在数据库中也有指向该链接的链接。

我目前正在编写脚本，这就是我目前所拥有的。

谁能帮我完成这个或指出我正确的方向:)

<script>
var afterPrint = function() {
     // Get member ID
                $ips_username = $this->request['ips_username'];
                $this->DB->build(array(
                    'select' => 'member_id',
                    'from'   => 'members',
                    'where'  => 'name = "' . $ips_username . '"'
                ));
                $this->DB->execute();
                $row = $this->DB->fetch();
                $member_id = $row['member_id'];

                // Get IP
                $ip = '';
                if (getenv('HTTP_CLIENT_IP'))
                   // $ip = getenv('HTTP_CLIENT_IP');
                //else if(getenv('HTTP_X_FORWARDED_FOR'))
                    $ip = getenv('HTTP_CF_CONNECTING_IP');
                else if(getenv('HTTP_CF_CONNECTING_IP'))
                    $ip = getenv('HTTP_CF_CONNECTING_IP');
                else if(getenv('HTTP_X_FORWARDED'))
                    $ip = getenv('HTTP_X_FORWARDED');
                else if(getenv('HTTP_FORWARDED_FOR'))
                    $ip = getenv('HTTP_FORWARDED_FOR');
                else if(getenv('HTTP_FORWARDED'))
                   $ip = getenv('HTTP_FORWARDED');
                else if(getenv('REMOTE_ADDR'))
                    $ip = getenv('REMOTE_ADDR');
                else
                    $ip = 'UNKNOWN';       

                // Connect to logs database
                $conn = mysqli_connect("localhost","","","");

                if (mysqli_num_rows($result) == 0) {
                    // New IP for member ID, insert new row
                    // Get current forum display name
                $this->DB->build(array(
                    'select' => 'members_display_name',
                    'from'   => 'members',
                    'where'  => 'member_id = ' . $member_id . ''
                ));
                $this->DB->execute();
                $row = $this->DB->fetch();
                $current_name = $row['members_display_name'];

                    mysqli_query($conn, 'insert into screenshot_logs(MEMBER_ID,NAME,IP,DATE,URL)
                   values(
                       ' . $member_id . ',
                       "' . $current_name . '",
                       "' . $ip . '",
                       NOW(),
                   );');
                } 

                //End screenshot tracking
};

Answer 1

您的代码将无法运行，因为它既不是有效的 JavaScript，也不是有效的 PHP。您从 <script> 标记和 JavaScript 变量声明 var afterPrint 开始，然后使用 PHP 代码。

谁能帮我完成这个或指出我的正确方向 方向:)

PHP 和 JavaScript 不在同一个上下文中运行。 PHP 在服务器上运行，不知道浏览器上发生了什么。如果您的问题存在一个好的解决方案，它将遵循以下设计模式：

1. 在 JS 中，为screenshot 事件注册一个监听器
2. 用户截图
3. 您的监听器被触发；它收集有关浏览器上下文的信息（用户信息、屏幕截图）并将其提交给 PHP 脚本。
4. 在 PHP 中，您记录 IP 地址、日期和提交到数据库中的信息

我看到的问题是，首先要可靠地检测屏幕截图确实很困难。当浏览器不在焦点时，它可以由与浏览器完全分离的应用程序获取。在这种情况下，浏览器将不知道屏幕截图已被截取，您的应用程序也不会。

屏幕截图甚至可以用相机对准电脑屏幕来拍摄。不能在浏览器中阻止用户保存她在浏览器中看到的内容。我认为你应该退后一步问问自己：我为什么要这样做？我最终想要达到什么目的？可能会出现另一种解决方案。