将值传递给 C++ 中的指针参数答案

【问题标题】：Passing value to pointer parameters in C++将值传递给 C++ 中的指针参数
【发布时间】：2017-02-06 04:39:07
【问题描述】：

在下面的代码中，为什么交换函数以两种方式工作，将值传递为 swap(x,y) 和 swap(&x, &y)。

int main(){

   int x, y;

   cout << "Enter the values of x and y: ";
   cin >> x >> y;

   swap(x, y);

   cout << "\nSwapped values are, x: " << x << " & y: " << y <<"\n";

   return 0;

}

void swap(int *a, int *b){

   int s;
   s = *a;
   *a = *b;
   *b = s;

}

【问题讨论】：

避免使用using namespace std; 语句，您就不会遇到这些陷阱。
始终发布您的minimal reproducible example。你有using namespace std，但没有在这里显示。忽略包含关键细节会浪费我们的时间！！
请在您的using namespace std 和#includes 中编辑。
你的函数应该被称为 ::swap(&ax, &y)。
::swap(&x, &y) 当然...

标签： c++ pointers parameter-passing

【解决方案1】：

当你写swap(x, y);时你打电话给std::swap

在您的示例中，即使您编写了swap(&x, &y);，也只会出现编译错误，除非您在main 之前声明void swap(int*,int*);。

而std::swap 对此无能为力，因为它无法将右值int* 转换为int*&。（即使它可以做到这一点，它也不会交换x和y的值）

【讨论】：

这只是一个没有帮助的真实陈述。为了提供有用的答案，您应该解释std::swap 是什么、为什么调用它以及如何解决问题。
@anatolyg 这不是 OP 所要求的，如果 OP 在这方面遇到问题，请提出另一个问题或查看一些参考资料（或在评论中提问）。在 OP 请求（以及与 this 问题相关）之前，我不会添加更多细节。
也许 OP 只是忘记了std::swap，谁知道呢？

【解决方案2】：

这是另一个答案的解释，关于为什么调用std::swap：

当您swap(x, y) 时，编译器会尝试查找要调用的swap 重载。假设您编写了using std::swap; 或using namespace std;，则允许编译器查看的命名空间将是全局的和std。

原型void swap(int, int) 是预期的，但编译器对选项开放——具有相同名称、相同参数数量但需要强制转换的不同参数类型的函数也可以——在寻找可行的重载时；枚举完之后，它会选择最接近的匹配。

你在全局命名空间中实现的类型是

void swap(int*, int*);

但是standard library header <utility> 给出的是一个函数模板

namespace std {
    template <typename T>
    void swap(T&, T&);
}

由于T = int，此重载变为void swap(int&, int&)。现在这是一个身份匹配（不需要类型强制），因此 赢得了 重载决议。

如果您没有编写using std::swap; 或using namespace std;，那么编译器唯一可能的重载将是您的，您会收到一个错误，指出参数类型不匹配。修复它将修复调用代码以传递int*（这些变量的地址是指向int的类型指针）而不是int：

swap(&x, &y);

【讨论】：

【解决方案3】：

当您调用版本 swap(x,y) 时，它实际上调用了标准库函数模板“template void swap (T& a, T& b)” , 在“算法”头文件中声明。

【讨论】：