使用 foreach 从生成的表单上传文件答案

【问题标题】：File upload with foreach from a generated form使用 foreach 从生成的表单上传文件
【发布时间】：2014-02-16 08:07:10
【问题描述】：

html端

<form method="POST" action="" enctype="multipart/form-data">
  <input type="file" id="site_header_picture" name="param_file[site_header_picture]" />
  <input type="file" id="site_logo" name="param_file[site_logo]" />
  <input type="submit" value="Save change" />
</form>

php端

if(!empty($_FILE)) {
   foreach($_FILE['param_file'] as $key => $value)
    {
    //do stuff

    }
}

好像!empty返回false，而$_FILE['param_file']总是空的。

名称是暂时生成的，以后可能会有更多的文件输入。

有人可以帮助我吗？谢谢

【问题讨论】：

标签： php mysql arrays file foreach

【解决方案1】：

试试这个：

if(!empty($_FILE)) {
   foreach($_FILE['param_file'] as $key => $value)
    {
    //do stuff

    }
}

其实$_FILE是一个数组，你需要用empty()检查它是否为空。

【讨论】：

尝试检查empty($_FILE['param_file'])
!empty($_FILE['param_file']) 什么都不做
我的意思是检查$_FILE['param_file'] 是否为空。

【解决方案2】：

也许，您不了解 PHP 在提交带括号的名称时如何构造您的 $_FILES 数组。出于某种原因，PHP 以不明显的方式做到这一点。

使用var_dump($_FILES)。这是您发布的表单的示例输出。

array (size=1)
  'param_file' => 
    array (size=5)
      'name' => 
        array (size=2)
          'site_header_picture' => string 'tests.png' (length=9)
          'site_logo' => string 'Untitled.png' (length=12)
      'type' => 
        array (size=2)
          'site_header_picture' => string 'image/png' (length=9)
          'site_logo' => string 'image/png' (length=9)
      'tmp_name' => 
        array (size=2)
          'site_header_picture' => string 'C:\Windows\Temp\php2432.tmp' (length=27)
          'site_logo' => string 'C:\Windows\Temp\php2443.tmp' (length=27)
      'error' => 
        array (size=2)
          'site_header_picture' => int 0
          'site_logo' => int 0
      'size' => 
        array (size=2)
          'site_header_picture' => int 219168
          'site_logo' => int 178288

有些人编写辅助函数来重新排序$_FILES 数组。不过，我们强烈建议您使用现代 PHP 框架，这些框架具有处理此问题的内置类和方法。

如果$_FILES 为空，请检查文件是否真的传输到服务器（使用Microsoft 网络监视器 或Chrome 开发工具）。此外，网络服务器可能会禁止您的文件；因此，请先尝试发布小图片，并学习如何在网络服务器上配置文件上传。

【讨论】：

所以我可能不明白...我知道如何上传文件，谢谢。但是您似乎没有阅读我所有的问题。所有文件输入都是自动生成的。所以我不知道会有多少输入，也不知道他们的名字
无论输入是如何生成的。 var_dump() 始终有效。与我们分享它的示例输出。
要打印文件名，你必须遍历$_FILE['param_file']['name']。遍历$_FILE['param_file'] 绝对没有意义。 foreach($_FILE['param_file']['name'] as $inputName => $fileName) echo $fileName, PHP_EOL;

【解决方案3】：

$filename=$_FILES['param_file[site_logo]']['name'];
$filename1=$_FILES['param_file[site_header_picture]['name'];

if(empty($filename) || empty($filename1))
{
echo "Please Select Your files first";
exit();
}
else{
 foreach($_FILES['param_file']['tmp_name'] as $key =>$tmp_name)
     {

    if(!(is_uploaded_file($_FILES['param_file']['tmp_name'][$key])))
    {
      die("unable to upload file");
      exit();   
    }

           if(move_uploaded_file($_FILES['param_file']['tmp_name'][$key],$path))

            {   
              //$path=path where you wanna upload your files
             //your data base query goes here..
            }

     }

【讨论】：

【解决方案4】：

啊哈，没人注意到我写的是 FILE 而不是 FILES....该死的，我应该停下来复制过去。

谢谢大家。

if(!empty($_FILES['param_file'])) {

    $uploaddir = '../uploads/parameters/';
    $all_file_array = $_FILES['param_file'];

foreach($all_file_array['name'] as $key => $value)
    {
        $param_name = $key;
        $param_value =  $value;
        //do stuff

    }

}

【讨论】：