修改并添加到 MySQL 结果答案

【问题标题】：Modify and add to MySQL result修改并添加到 MySQL 结果
【发布时间】：2019-03-11 14:07:12
【问题描述】：

如何将自定义键值对添加到现有 SQL 结果？

<?php
    require_once "dbaccess.php";

    $json = array();
    $access = new DatabaseAccess();
    $sql = $access->Connect();
    $stmt = $sql->prepare("select * from people");
    $stmt->execute();
    $result = $stmt->fetchAll(PDO::FETCH_ASSOC);    

    foreach($result as $key => $value){
        $json[$key] = $value;    
    };

    echo json_encode($json, JSON_UNESCAPED_SLASHES);
?>

当前的 JSON 结果是：

[
 {
  "id": "1",
  "first_name": "James",
  "last_name": "Haze"
 },
 {
  "id": "2",
  "first_name": "Neo",
  "last_name": "Anderson"
 }
]

如何在不修改 MySQL 数据库的情况下添加到当前元素 "country": "Australia"？我希望结果如下所示：

[
 {
  "id": "1",
  "first_name": "James",
  "last_name": "Haze",
  "Country": "Australia"
 },
 {
  "id": "2",
  "first_name": "Neo",
  "last_name": "Anderson",
  "Country": "Australia"
 }
]

有可能吗？

【问题讨论】：

标签： php mysql sql json pdo

【解决方案1】：

您可以在 SQL 中选择所需的附加“列”：

$stmt = $sql->prepare("select
                              id
                            , first_name
                            , last_name
                            , 'Australia' as Country
                         from people");

顺便说一句，您不应该在选择查询中使用* - 这会使它们在您添加新列名时表现得怪异，并在重命名列时隐藏错误。

如果你想选择一个变量值，你可以直接将它插入到你的 SQL 中：

$stmt = $sql->prepare("select
                              id
                            , first_name
                            , last_name
                            , '$country_name' as Country
                         from people");

尽管国家名称不是必需的，但使用（命名的）SQL 占位符仍然是一个好习惯，因此您确实应该这样做：

$stmt = $sql->prepare("select
                              id
                            , first_name
                            , last_name
                            , :country as Country
                         from people");
$stmt->execute([':country' => $country_name]);

（这主要是在其他地方重用此代码时，因为我不知道包含单引号的有效国家/地区名称）

【讨论】：

该列实际上并不存在于数据库中，修改数据库不是一种选择。
您不需要选择列。您可以选择常量并为其命名。
哦，好吧，我不是硬编码澳大利亚，而是如何从 PHP 全局变量 $countryName 中获取值？
您应该在上面编辑您的问题并在您的问题中提出。例如，您可以将其插入到您的 SQL 字符串中 - 我将在上面更新我的答案。

【解决方案2】：

你可以直接在选择中添加你需要的值

 $stmt = $sql->prepare("select id
                        , firt_name
                        , last_name
                        , 'Australia' AS country
                         from people");

【讨论】：