php文件上传答案

【问题标题】：Php file uploadphp文件上传
【发布时间】：2017-01-18 11:21:37
【问题描述】：

PHP 代码

$target = "upload/";
$nameF = "";

$targetImage = "upload/";
$nameI = "";

if (!empty($_FILES['fileUP']['name'])) {
  print_r("ce il file");
  $target = $target . basename($_FILES['fileUP']['name']);
  $nameF = $_FILES['fileUP']['name'];
  if (!move_uploaded_file($_FILES['fileUP']['tmp_name'], $target)) {
    echo -1;
  }
}

if (!empty($_FILES['imageUP']['name'])) {
  $targetImage = $targetImage . basename($_FILES['imageUP']['name']);
  $nameI = $_FILES['imageUP']['name'];
  if (!move_uploaded_file($_FILES['imageUP']['tmp_name'], $targetImage)) {
    echo -1;
  }
}

$title = $_POST['title'];
$admin = $_POST['admin'];
$content = $_POST['content'];


$sql = "INSERT INTO  news (title,admin,content,img,file) values('$title','$admin','$content','$nameI','$nameF')";
$result = $conn->query($sql) or die(mysql_error());

if ($result === TRUE) {

  echo 1;
} else {
  echo -1;
}

表格

<form enctype="multipart/form-data" id="insert" class="bs-example bs-example-form" method="POST">
    <div class="input-group">
        <span class="input-group-addon">Titolo</span>
        <input id="title" name="title" type="text" class="form-control" placeholder="Titolo">
    </div>

    <br>

    <div class="input-group">
        <span class="input-group-addon">Admin</span>
        <input id="admin" name="admin" type="text" class="form-control" value='{{$utente|lower}}'
               placeholder='{{$utente}}'>
    </div>

    <br><br> <br> <br>

    <div class="input-group">

        <span class="input-group-addon">Immagine</span>
        <input id="image" name="imageUP" accept="image/*" type="file" class="form-control"
               placeholder="Immagine">

    </div>
    <br>
    <div class="input-group">
        <span class="input-group-addon">File</span>
        <input id="image" name="fileUP" id="fileToUpload" type="file" class="form-control"
               placeholder="FIle">
    </div>

    <br>
    <div class="input-group">
        <span class="input-group-addon"><span class="glyphicon glyphicon-font"></span></span>
        <input id="content" name="content" type="text" class="form-control"
               placeholder="Contenuto">
    </div>
    <br>
    <button id="crea" type="submit" class="btn btn-warning">Crea</button>
</form>

Ajax 请求

$('#insert').submit(function (e) {
  e.preventDefault();
  var data = new FormData($(this)[0]);

  $.ajax
  ({
    url: 'uploads.php',
     data: data,
     type: 'post',
     processData: false,
     contentType: false,
     success: function (response) {
    response = parseInt(response);
    switch (response) {
    case -1: //errore generico
    alert("errore");
    break;
    case 1:
    alert("la creazione della news è andata a buon fine");
    break;
    }

  close ajax call..

我的问题是： 脚本工作但效果不佳，我注意到如果我将文本放入“内容”输入并上传图片，查询不会插入数据。

在控制台中我有这个错误：

不允许加载本地资源：file:///C:/fakepath/xx.jpg

当我在 localhost 中工作时，我没有这个错误并且查询总是插入数据。现在我遇到了问题，我在真实服务器中。

有人知道怎么修吗？我需要你的帮助

【问题讨论】：

我刚试了一下，效果很好，我又试了一次，还是不行。太奇怪了！
当脚本不起作用时，在控制台中我看到此请求没有可用的预览，并且没有 -1
upload 文件夹是否具有读写权限？
是的，我可以上传没有数据的图像（输入中没有文本）
如果我有文本输入脚本工作 7 次中有 2 次span>

标签： php jquery ajax file-upload

【解决方案1】：

试试这个。而且，让我知道。按原样使用整个代码。我会在几分钟内解释。第一次尝试。

$target = "upload/";
$nameF = "";

$targetImage = "upload/";
$nameI = "";

$flag = 1;

if (!empty( $_FILES['fileUP']['name'])) {
    print_r("ce il file");
    $target = $target . basename( $_FILES['fileUP']['name']);
    $nameF =$_FILES['fileUP']['name'];
    if (!move_uploaded_file($_FILES['fileUP']['tmp_name'], $target)) {
      $flag = -1;
    }
}

if (!empty( $_FILES['imageUP']['name'])) {
    $targetImage = $targetImage . basename( $_FILES['imageUP']['name']);
    $nameI =$_FILES['imageUP']['name'];
    if (!move_uploaded_file($_FILES['imageUP']['tmp_name'], $targetImage)) {
      $flag = -1;
    }
}

$title = $_POST['title'];
$admin = $_POST['admin'];
$content = $_POST['content'];

$sql = "INSERT INTO  news (title,admin,content,img,file) values('$title','$admin','$content','$nameI','$nameF')";
$result = $conn->query($sql) or die(mysql_error());

if ($result === TRUE) {
  $flag = 1;
}
else {
  $flag = -1;
}

if($flag == -1){
  echo -1;
} else {
  echo 1;
}

【讨论】：