如何以编程方式关闭 Safari 应用程序扩展弹出框？

Question

我正在使用 XCode 8.3 和 Swift 3 构建一个 Safari 应用扩展，遵循 Safari App Extension Programming Guide。该扩展包含一个popover，当单击扩展的工具栏项时会显示该popover。弹出视图包含一些链接到用户可以执行的操作的按钮。

我想在执行操作后单击其中一个按钮来关闭弹出框。默认情况下，单击弹出框外的任何位置都会将其关闭，但我无法在指南或docs 中找到任何其他关闭弹出框的方法。

我知道NSPopover 有一个performClose 方法，但似乎没有办法从扩展程序中访问弹出框本身：应用程序扩展程序只允许您提供一个SFSafariExtensionViewController，其内容神奇地出现在弹出框内。

我也尝试过使用dismissViewController，如this StackOverflow answer 中所述，但在我的视图控制器中self.presenting 始终为零，self.dismissViewController(self) 只是使扩展程序崩溃并显示消息：

dismissViewController:: Error: maybe this view controller was not presented?.

最后，我注意到related question 关于以编程方式打开工具栏项目弹出框在过去 6 个月中没有得到答复。这让我怀疑苹果可能只是对如何打开和关闭弹出框有严格的限制。即使是这种情况，也很高兴确切地知道限制是什么。

Answer 1

我是通过调用下面的dismiss方法来做到的

@IBAction func onLoginBtnClicked (_ sender: Any) {
    NSLog("Button clicked")
    self.dismiss(self)
}

Answer 2

如果有人偶然发现这个问题，我会添加一个答案。

一个 dissmissPopover() 实例方法已添加到 SFSafariExtensionViewController 类中。这可用于以编程方式关闭弹出框。

在 XCode 中创建 Safari 应用程序扩展时给出的默认模板为您提供了一个 SafariExtensionViewController 类，该类扩展了 SFSafariExtensionViewController 并将共享实例保存为名为“shared”的静态字段，因此您可以从该实例调用dismissPopover() 方法。

例如：

class SafariExtensionHandler: SFSafariExtensionHandler {
    func myFunc() {
        // do stuff;

        SafariExtensionViewController.shared.dismissPopover()

        // do other stuff;
    }
}