在 django rest 框架中返回对成功 POST 请求的自定义响应

Question

当用户使用 POST 请求访问 API 并且成功时，我想向用户返回自定义响应。这是代码 sn-ps ： views.py

class BlogPostAPIView(mixins.CreateModelMixin,generics.ListAPIView):
    # lookup_field = 'pk'
    serializer_class = BlogPostSerializer
    def get_queryset(self):
        return BlogPost.objects.all()
    def perform_create(self, serializer):
        serializer.save(user=self.request.user)
    def post(self,request,*args,**kwargs):
        return self.create(request,*args,**kwargs)

urls.py

app_name = 'postings'
urlpatterns = [
    re_path('^$', BlogPostAPIView.as_view(),name='post-create'),
    re_path('^(?P<pk>\d+)/$', BlogPostRudView.as_view(),name='post-rud'),
]

现在它正在将发布请求的详细信息作为成功响应返回，有什么方法可以根据我自己的自定义查询集返回一些其他响应？

Answer 1

您可以在 views.py 上编写自定义 api。例如，我想；

from rest_framework.views import APIView 
from rest_framework.response import Response


class Hello(APIView):
    @csrf_exempt
    def post(self, request):
        content = "Hi"
        type = "message" 
        return Reponse({"content":content,"type":type})

然后定义 url。

app_name = 'postings'
urlpatterns = [
    re_path('^$', BlogPostAPIView.as_view(),name='post-create'),
    re_path('^(?P<pk>\d+)/$', BlogPostRudView.as_view(),name='post-rud'),
    re_path('^hello/$', Hello.as_view(),name='Hello'),
]

就是这样。

您还可以管理权限：https://www.django-rest-framework.org/api-guide/permissions/#setting-the-permission-policy 您可以在视图上使用序列化程序：https://www.django-rest-framework.org/api-guide/serializers/#saving-instances