使用清单作为参考复制文件答案

【问题标题】：Copying files using a manifest as reference使用清单作为参考复制文件
【发布时间】：2014-12-01 00:36:00
【问题描述】：

我需要将 /data/files 目录中的一堆文件移动到一个新的文件夹结构中。在 /data 目录中，我有一个清单文件，其中包含每个文件的完整工作路径。

源文件：

/data/files/this_file_1.sh
/data/files/this_file_2.sh

清单文件包含：

/path/to/where/file/goes/this_file_1.sh
/a/different/path/to/file/this_file_2.sh

我需要帮助编写一个可以在清单中找到文件名并运行复制命令的 shell 脚本。如果目录结构不存在，则创建它。

#!/bin/bash

for file_name in $(cat manifest); do
  name=$(basename $file_name);
  path= ??

  # Mkdir / Copy

done

【问题讨论】：

help 意思是：让（某人）做某事更容易。那是不一样的：做整个工作而不是他的。请阅读How to Ask。
我知道帮助的定义。我正在寻求帮助 - 关于如何做某事的参考或指针，以便我可以自己编写脚本。不指望有人把所有事情都写得详细。我不熟悉如何在 shell 中读取文件并从完整路径中获取文件名以便能够将其放入数组中，以便对每个文件运行复制命令。
我认为path 将等于file_name
所以我可以获取文件名，我现在如何获取没有文件名的路径？ path=$file_name 给了我完整的路径，最后是文件名。
dirname 以防你没有看到我的其他评论

【解决方案1】：

我会让你编写完整的脚本，但这里有一些你可以使用的命令：

“在清单中查找文件名” - basename filepath

"验证它是否存在于 /data/files" - if [ -e filename ]; then ......

“运行复制命令”-cp location1 location2

“如果目录结构不存在，则创建它” - else mkdir /data/files 或您要创建的任何目录。

如果您对这些命令有任何疑问，请发表评论:-)

【讨论】：

我希望能够复制清单中的所有文件。所以使用 grep 不会有用。这些文件已经存在，因为清单是在文件写入后创建的。
我不确定我是否遵循。您想从现有清单中提取文件名吗？ grep 的不足之处在哪里？编辑：在你更新你的问题后，我相信我明白了
我不需要知道文件名才能使用 grep 吗？我需要从文件的完整路径中解析出文件名。
是的，我会修改我的答案以反映这一点
所以我可以从 file_name(base_name) 获取文件名，但我想我需要帮助的部分是读取清单，将每一行放入一个数组中，并能够从每个项目中解析出 file_name在数组中。