单个项目的多个 Makefile

Question

我正在尝试构建一个包含多个模块的项目。文件树如下所示：

lib_one、lib_two 和 Main.cpp 的各个 Makefile 工作正常，为项目生成 2 个 DLL 和 EXE，但需要进入每个目录并为每个模块执行命令“make”。

我现在想要一个位于顶级目录 ('/project') 中的 Makefile，它会触发所有其他模块（DLL 和 EXE）的构建一次。根据一些搜索结果，我得到了类似的结果：

lib_one := ./src/lib_one
lib_two := ./src/lib_two
libraries := $(lib_one) $(lib_two)
player    := ./src

.PHONY: all $(player) $(libraries)
all: $(player)

$(player) $(libraries):
        $(MAKE) --directory=$@

$(player): $(libraries)

当我执行命令“make”时，我得到了这个错误：

Makefile:10: ***.  Stop.

（第 10 行是这一行：$(MAKE) --directory=$@）。除了解决此错误的方法外，我还在寻找一种方法来完成这 3 件事：

1) 所有模块（DLL 和 EXE）的目标文件 (*.o) 应存储在目录 build 与目录 src 相同的位置。

2) 最终文件（*.dll 和 *.exe）应放置在目录 reelease 旁边的目录 src 和 build 中。

3) 如果第 2 项是可能的，最好将每种类型的文件放在 release 内的特定目录中（bin 用于 *.exe，lib 用于 *.dll 和 shared 用于其他类型）。此外，即使 exe 和 dll 在不同的目录中，也可以从该目录运行可执行文件（使其在 ../lib 以及其他常用位置搜索必要的库？）。

Answer 1

@Maxim 很可能是错误的原因——空格与制表符。至于您的其他问题，如果不使用非递归 make，您可以执行以下操作：

生成文件：

export base_dir := ${CURDIR}
export obj_dir := ${base_dir}/build
export release_dir := ${base_dir}/release   

lib_one := ${base_dir}/src/lib_one
lib_two := ${base_dir}/src/lib_two
libraries := $(lib_one) $(lib_two)
player    := ${base_dir}/src

.PHONY: all $(player) $(libraries)
all: $(player)

$(player) $(libraries): | ${obj_dir} ${release_dir}
        $(MAKE) --directory=$@

$(player): $(libraries)

${obj_dir} ${release_dir} :
        @mkdir -f $@

子 makefile 可以访问从父级导出的任何变量（请参阅 here），因此您可以在这些文件中执行以下操作：

${obj_dir}/%.o : %.c
       @echo  compiling "$^ ==> $@"
       $(CC) -c -o $@ $^ $(CFLAGS)

这会将对象编译到正确的目录。

但请注意 - 如果您有两个组件生成同名的目标文件，因为它们是在同一个目录中生成的，您最终可能会遇到难以调试的竞争条件。通常，每个组件都会在其自己的唯一目录中生成目标文件以避免这种情况。