来自 Safari 扩展的注入脚本中的 AJAX答案

【问题标题】：AJAX from within a Safari Extension's injected script来自 Safari 扩展的注入脚本中的 AJAX
【发布时间】：2011-07-05 10:12:47
【问题描述】：

我正在尝试在 Safari 扩展程序中使用注入脚本中的 API 来扩展短网址：

$.getJSON('http://api.longurl.org/v2/expand?format=json&url=' +  encodeURIComponent(href) + '&callback=?', function(data) {

    console.log(data);
});

我收到以下错误：

ReferenceError: Can't find variable: jQuery15103411371528636664_1298845652395

我尝试了不同的 API 并得到相同的错误，所以我知道不是这样。此外，如果我从控制台执行相同的代码，我会得到成功的响应。所以它一定与在 Safari 扩展的注入脚本中有关。

有什么想法吗？

【问题讨论】：

在我看来，$ 找到了通往命名变量的方法，但变量值丢失了……您是否尝试只记录 jquery 对象？
伊恩，我也遇到了同样的问题。你找到解决办法了吗？
您是否尝试过使用完整的 $.ajax 语句来代替？看起来它没有找到返回的 jquery 函数。您可能还想看看更手动地执行 JSONP 并自己定义返回函数。

标签： jquery ajax safari javascript-injection getjson

【解决方案1】：

我相信你必须先将 jQuery 添加到插件中。下面是一个例子：

var newElement = document.createElement("script");
newElement.type = "text/javascript";
newElement.src = "//ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/1.7.1/jquery.min.js";
document.body.insertBefore(newElement, document.body.firstChild);

然后您可以使用您的插件在选项卡中执行 jQuery。 ;)

【讨论】：

情况并非如此。错误消息包含 jQuery 已经加载的证据；它在GET上附加了自己的回调名称“jQuery15103411371528636664_1298845652395”，由服务器与数据一起返回。