PHP fopen 在与 include 和 get_file_contents 一起正常工作的文件上返回 null

Question

我在 Windows 2000 服务器上安装了 XAMPP。除了 PHP fopen 函数外，一切都很好。我既不能用它创建也不能打开文件。奇怪的是我可以包含/require/file_get_contents/其他文件相关的功能； fopen 也不会产生任何错误或通知它只是返回 NULL。

我已经将文件和所有封闭文件夹的完全控制权授予所有人，但我仍然得到 NULL 而不是文件指针。

我在 php 5.2.9、5.2.13 和 5.3.1 上试过这个，效果相同。我浏览了 php.ini 文件，寻找破坏它的东西；我什至尝试从 fopen 工作的 linux 机器中删除和使用基本的 ini 文件，但仍然没有。

我知道我必须在更改我的 ini 和所有这些之后重新启动 apache（我什至重新启动了服务器）所以不是这样。

我在这里假设这是一个 apache 配置问题，明天我将通过 php-cli 运行测试以确保。

我真的不想再为此伤脑筋了，一些 apache/php 向导可以帮助我吗？

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感谢您的回复。你是对的，不是任何配置问题。问题必须与我的一个 dll 或我包含的文件之一有关。我刚刚尝试了在没有任何包含的新文件中不起作用的相同代码。我禁用了我的自定义库，它工作正常。

为了记录，我正在做的事情不起作用：

$test_file = 'c:\\test.csv';//everybody has full control. is very large.
    if(file_exists($test_file) && is_readable($test_file)){
        $fp = fopen($test_file, 'r');
        echo var_export($fp, true);//outputs NULL. on my linux box this is a number.
        if($fp !== false){
            //do the work
            fread($fp, 10);//throws the error that $fp is not a valid file handle
        }
    }

我所包含的东西一定会以某种方式破坏 fopen。在没有包含的新文件中按预期工作。

Answer 1

感谢您的回复。你是对的，因为这不是任何配置问题。问题必须与我的一个 dll 或我包含的文件之一有关。我刚刚尝试了在没有任何包含的新文件中无法使用的相同代码，并且我禁用了我的自定义库并且它起作用了。

为了记录，我正在做的事情不起作用：

$test_file = 'c:\\test.csv';//everybody has full control. is very large.
    if(file_exists($test_file) && is_readable($test_file)){
        $fp = fopen($test_file, 'r');
        echo var_export($fp, true);//outputs NULL. on my linux box this is a number.
        if($fp !== false){
            //do the work
            fread($fp, 10);//throws the error that $fp is not a valid file handle
        }
    }

我所包含的东西一定会以某种方式破坏 fopen。在没有包含的新文件中按预期工作。

Answer 2

所以我们假设您正在使用这种代码：

$fp = fopen( "my_file.txt", "r" );
$contents = fread($fp, filesize( "my_file.txt" ) );
fclose($fp);

我可以假设 filesize() 函数返回 null 吗？也可以试试 stat($filename) 函数，看看能不能得到一个比较完整的数组。

让我知道你的结果。