为什么在 PHP 的匿名函数中无法从父/外部范围访问变量？ [复制]

Question

这是我的匿名函数：

<td><?=call_user_func(function($x) { if ($x == 1) { echo $produto->retornaMedida($dadosProdutos[$t]->medida_id); } else if ($x == 2) { echo "N/A"; } }, $dadosProdutos[$t]->produto_id)?></td>

如果我不在条件范围内使用“超出范围”的东西，它会很好地工作，如下所示：

<td><?=call_user_func(function($x) { if ($x == 1) { echo "Whatever"; } else if ($x == 2) { echo "N/A"; } }, $dadosProdutos[$t]->produto_id)?></td>

但是当我使用$dadosProdutos 时，例如，我得到一个：

[24-Dec-2015 03:47:58 America/Sao_Paulo] PHP Notice:  Undefined variable: dadosProdutos in G:\Insanity\Web\xampp\htdocs\sisconbr-old\site\modulos\pedido\minhas-cotacoes.php on line 269

并且 $dadosProdutos 在匿名函数之外使用时不是“未定义”：

<td><?=$produto->retornaMedida($dadosProdutos[$t]->medida_id)?></td>

有趣的是，当我将外部变量作为参数传递给匿名函数时，我没有遇到任何问题。 I think this is what they mean with "capturing an out-of-scope variable" on C++'s lambdas.

Answer 1

您可以使用 use 捕获所需的变量。

$world = 'world';

$func = function() use ($world) {
    echo 'hello ' . $world;
};

$func();  
// hello world