如何在不删除 TypeScript 中的子类型的情况下从联合类型中删除更广泛的类型？

Question

使用排除运算符不起作用。

type test = Exclude<'a'|'b'|string, string>
// produces type test = never

我可以理解为什么“字符串除外”也意味着排除所有字符串文字，但是如何从'a'|'b'|string 中获得'a'|'b'？

如果需要，请使用最新的 TypeScript。

用例如下：

假设第三方库定义了这种类型：

export interface JSONSchema4 {
  id?: string
  $ref?: string
  $schema?: string
  title?: string
  description?: string
  default?: JSONSchema4Type
  multipleOf?: number
  maximum?: number
  exclusiveMaximum?: boolean
  minimum?: number
  exclusiveMinimum?: boolean
  maxLength?: number
  minLength?: number
  pattern?: string
  // to allow third party extensions
  [k: string]: any
}

现在，我想做的是获得已知属性的联合：

type KnownProperties = Exclude<keyof JSONSchema4, string|number>

可以理解的是，这会失败并给出一个空类型。

如果你正在阅读这篇文章，但我被公共汽车撞了，这个问题的答案可能在 this GitHub thread 中找到。

Answer 1

当前解决方案（Typescript 4.1+）

2021 编辑： KnownKeys<T> 的 2.8 实现是 broken since Typescript 4.3.1-rc，但使用 key remapping 的新的、更语义化的实现自 @987654333 起可用@：

type RemoveIndex<T> = {
  [ K in keyof T as string extends K ? never : number extends K ? never : K ] : T[K]
};

然后可以按如下方式使用：

type KnownKeys<T> = keyof RemoveIndex<T>;

interface test {
  req: string
  opt?: string
  [k: string]: any
}

type demo = KnownKeys<test>; // "req" | "opt" // Absolutely glorious!

以下是 pre-4.1 Typescript 版本的保留解决方案：

---

我在this GitHub thread 中从@ferdaber 获得了解决方案。

编辑： 原来是published in 1986@ajafff

该解决方案需要 TypeScript 2.8 的 Conditional Types，如下所示：

type KnownKeys<T> = {
  [K in keyof T]: string extends K ? never : number extends K ? never : K
} extends { [_ in keyof T]: infer U } ? U : never;

以下是我的解释尝试：

解决方案基于string 扩展string（就像'a' 扩展string）但string 不扩展'a' 的事实，对于数字也是如此。 基本上，我们必须将extends 视为“进入”

首先它创建一个映射类型，其中对于 T 的每个键，其值为：

• 如果字符串扩展键（键是字符串，而不是子类型）=> 从不
• 如果数字扩展键（键是数字，而不是子类型）=> 从不
• 否则，实际的字符串键

然后，它本质上是 valueof 来获得所有值的联合：

type ValuesOf<T> = T extends { [_ in keyof T]: infer U } ? U : never

或者，更准确地说：

interface test {
  req: string
  opt?: string
  [k: string]: any
}
type FirstHalf<T> = {
  [K in keyof T]: string extends K ? never : number extends K ? never : K
}

type ValuesOf<T> = T extends { [_ in keyof T]: infer U } ? U : never
// or equivalently, since T here, and T in FirstHalf have the same keys,
// we can use T from FirstHalf instead:
type SecondHalf<First, T> = First extends { [_ in keyof T]: infer U } ? U : never;

type a = FirstHalf<test>
//Output:
type a = {
    [x: string]: never;
    req: "req";
    opt?: "opt" | undefined;
}
type a2 = ValuesOf<a> //  "req" | "opt" // Success!
type a2b = SecondHalf<a, test> //  "req" | "opt" // Success!

// Substituting, to create a single type definition, we get @ferdaber's solution:
type KnownKeys<T> = {
  [K in keyof T]: string extends K ? never : number extends K ? never : K
} extends { [_ in keyof T]: infer U } ? U : never;
// type b = KnownKeys<test> //  "req" | "opt" // Absolutely glorious!

Explaination in GitHub thread以防有人在那边提出异议

Answer 2

每个接受的答案：https://stackoverflow.com/a/51955852/714179。在 TS 4.3.2 这工作：

export type KnownKeys<T> = keyof {
  [K in keyof T as string extends K ? never : number extends K ? never : K]: never
}