如何为“虚拟文件”列表创建 ZIP 文件并输出到 httpservletresponse答案

【问题标题】：How to create ZIP file for a list of "virtual files" and output to httpservletresponse如何为“虚拟文件”列表创建 ZIP 文件并输出到 httpservletresponse
【发布时间】：2011-06-08 19:12:15
【问题描述】：

我的目标是将多个 java.io.File 对象放入一个 zip 文件并打印到 HttpServletResponse 供用户下载。

这些文件是由 JAXB 编组器创建的。它是一个 java.io.File 对象，但它实际上不在文件系统上（它只在内存中），所以我无法创建 FileInputStream。

我见过的所有资源都使用 OutputStream 来打印 zip 文件内容。但是，所有这些资源都使用 FileInputStream（我不能使用）。

有谁知道我怎么能做到这一点？

【问题讨论】：

java.io.File 是什么意思？ File 对象只是一个花哨的地址对象；它不携带任何文件内容。您的数据在哪里？

标签： java spring servlets spring-mvc zip

【解决方案1】：

看看Apache Commons Compress 库，它提供了您需要的功能。

当然，“埃里克森”对您的问题的评论是正确的。您将需要文件内容而不是 java.io.File 对象。在我的示例中，我假设您有一个方法 byte[] getTheContentFormSomewhere(int fileNummer) 返回第 fileNummer 文件的文件内容（在内存中）。 -- 当然这个功能设计的很差，但只是为了说明。

它应该有点像这样：

void compress(final OutputStream out) {
  ZipOutputStream zipOutputStream = new ZipOutputStream(out);
  zipOutputStream.setLevel(ZipOutputStream.STORED);

  for(int i = 0; i < 10; i++) {
     //of course you need the file content of the i-th file
     byte[] oneFileContent = getTheContentFormSomewhere(i);
     addOneFileToZipArchive(zipOutputStream, "file"+i+"."txt", oneFileContent);
  }

  zipOutputStream.close();
}

void addOneFileToZipArchive(final ZipOutputStream zipStream,
          String fileName,
          byte[] content) {
    ZipArchiveEntry zipEntry = new ZipArchiveEntry(fileName);
    zipStream.putNextEntry(zipEntry);
    zipStream.write(pdfBytes);
    zipStream.closeEntry();
}

你的 http 控制器的片段：

HttpServletResponse response
...
  response.setContentType("application/zip");
  response.addHeader("Content-Disposition", "attachment; filename=\"compress.zip\"");
  response.addHeader("Content-Transfer-Encoding", "binary");
  ByteArrayOutputStream outputBuffer = new ByteArrayOutputStream();
  compress(outputBuffer);
  response.getOutputStream().write(outputBuffer.toByteArray());
  response.getOutputStream().flush();
  outputBuffer.close();

【讨论】：

【解决方案2】：

原来我是个白痴 :) 正在“创建”的文件正在保存到无效路径并吞下异常，所以我认为它正在“创建”正常。但是，当我尝试实例化一个新的 FileInputStream 时，它抱怨该文件不存在（这是正确的）。我脑洞大开，并假设 java.io.File 对象实际上在某处包含文件信息。但正如埃里克森指出的那样，这是错误的。

感谢 Ralph 提供的代码，我在解决无效路径问题后使用它。

我的代码：

ZipOutputStream out = new ZipOutputStream(response.getOutputStream());
byte[] buf = new byte[1024];

File file;
InputStream in;
// Loop through entities
for (TitleProductAccountApproval tpAccountApproval : tpAccountApprovals) {
    // Generate the file    
    file = xmlManager.getXML(
        tpAccountApproval.getTitleProduct().getTitleProductId(), 
        tpAccountApproval.getAccount().getAccountId(), 
        username);

    // Write to zip file
    in = new FileInputStream(file);
    out.putNextEntry(new ZipEntry(file.getName()));

    int len;
    while ((len = in.read(buf)) > 0) {
        out.write(buf, 0, len);
    }

    out.closeEntry();
    in.close();
}

out.close();

【讨论】：

无效的路径问题？ - 你是什么意思 - 我的答案代码中是否存在 serios 错误？