如何从 Symfony 4 获取项目目录答案

【问题标题】：How to get project directory from Symfony 4如何从 Symfony 4 获取项目目录
【发布时间】：2019-04-06 03:14:06
【问题描述】：

我需要的是 symfony 的项目目录或公共目录。

use App\Kernel;

class FileReader
{
    public function __construct(
       Kernel $kernel
    )
    {
        var_dump ($kernel->getProjectDir());

    }
}

问题是我无法将内核注入我的班级。

this 的帖子对我来说有几件奇怪的事情。

首先，我收到此错误：

无法自动装配服务“App\Utils\Lotto\FileReader”：方法“__construct()”的参数“$kernel”引用了类“App\Kernel”，但不存在此类服务。尝试将类型提示更改为其父项之一：接口“Symfony\Component\HttpKernel\HttpKernelInterface”，或接口“Symfony\Component\HttpKernel\KernelInterface”。

其次，我没有来自 PHPStorm 自动完成的 KernelInterface，这些接口仅适用于没有 getProjectDirectory 方法的 HttpKernelInterface。

如何读出/var/www/myproject 或/var/www/myproject/public/？

【问题讨论】：

标签： symfony4

【解决方案1】：

你不应该注入你的内核，而应该只注入你需要的东西。在这种情况下，它是项目目录，可通过 config/services.yaml 中的服务定义使用参数 %kernel.project_dir%：

services:
    App\Utils\Lotto\FileReader:
        arguments:
            $projectDirectory: "%kernel.project_dir%"

然后调整你的类构造函数：

public function __construct(string $projectDirectory) {
    $this->directory = $projectDirectory;
}

作为奖励，您可以通过定义全局“绑定”参数使目录自动可用于所有服务：

services:
    _defaults:
        bind:
            $projectDirectory: "%kernel.project_dir%"

通过该定义，每个服务都可以在其 __construct() 中使用变量 $projectDirectory，而无需显式定义它。

【讨论】：