MySQL 检查表是否存在而不抛出异常答案

【问题标题】：MySQL check if a table exists without throwing an exceptionMySQL 检查表是否存在而不抛出异常
【发布时间】：2010-12-04 06:58:26
【问题描述】：

在不抛出异常的情况下，检查 MySQL 中是否存在表（最好通过 PHP 中的 PDO）的最佳方法是什么。我不想解析“SHOW TABLES LIKE”等的结果。一定有某种布尔查询？

【问题讨论】：

标签： php mysql pdo database

【解决方案1】：

我使用 mysqli 创建了以下函数。假设你有一个名为 $con 的 mysqli 实例。

function table_exist($table){
    global $con;
    $table = $con->real_escape_string($table);
    $sql = "show tables like '".$table."'";
    $res = $con->query($sql);
    return ($res->num_rows > 0);
}

希望对你有帮助。

警告：@jcaron 建议此函数可能容易受到 sqlinjection 攻击，因此请确保您的 $table 变量是干净的，或者更好地使用参数化查询。

【讨论】：

仅当您让某人填充 $table var 时，并非 sql 语句中的每个 var 都是危险的，只有当您从不受信任的来源获取数据时。当然，您对如何使用该功能和进行过滤负责。没有必要对这个答案投反对票。
如果你发布这样的代码，最终会有人在没有正确检查数据的地方使用它，并最终导致SQL注入。只需使用参数化请求，无论数据是否已检查，您都将避免任何问题。在这里没有任何理由不这样做，这只是不好的做法。
添加一个real_escape_string怎么样？
使用参数化查询并避免恐怖故事。

【解决方案2】：

如果想要这样做的原因是有条件的表创建，那么“CREATE TABLE IF NOT EXISTS”似乎是这项工作的理想选择。在我发现这一点之前，我使用了上面的“DESCRIBE”方法。更多信息在这里：MySQL "CREATE TABLE IF NOT EXISTS" -> Error 1050

【讨论】：

【解决方案3】：

Zend 框架

public function verifyTablesExists($tablesName)
    {
        $db = $this->getDefaultAdapter();
        $config_db = $db->getConfig();

        $sql = "SELECT COUNT(*) FROM information_schema.tables WHERE table_schema = '{$config_db['dbname']}'  AND table_name = '{$tablesName}'";

        $result = $db->fetchRow($sql);
        return $result;

    }

【讨论】：

【解决方案4】：

由于“显示表”在大型数据库上可能会很慢，我建议使用“DESCRIBE”并检查结果是否为真/假

$tableExists = mysqli_query("DESCRIBE `myTable`");

【讨论】：

从我读到的内容来看，如果“SHOW”变得低效，那么“information_schema”比“DESCRIBE”更受欢迎。

【解决方案5】：

如果有人来寻找此问题，则会发布此信息。即使它被回答了一点。有些回复使它变得比它需要的更复杂。

对于我使用的 mysql*：

if (mysqli_num_rows(
    mysqli_query(
                    $con,"SHOW TABLES LIKE '" . $table . "'")
                ) > 0
        or die ("No table set")
    ){

在我使用的 PDO 中：

if ($con->query(
                   "SHOW TABLES LIKE '" . $table . "'"
               )->rowCount() > 0
        or die("No table set")
   ){

有了这个，我只是将 else 条件推入 or。为了我的需要，我只需要死。虽然你可以设置或其他的东西。有些人可能更喜欢 if/else if/else。然后删除 or 然后提供 if/else if/else。

【讨论】：

【解决方案6】：

这是我在使用存储过程时更喜欢的解决方案。自定义mysql函数用于检查当前数据库中是否存在表。

delimiter $$

CREATE FUNCTION TABLE_EXISTS(_table_name VARCHAR(45))
RETURNS BOOLEAN
DETERMINISTIC READS SQL DATA
BEGIN
    DECLARE _exists  TINYINT(1) DEFAULT 0;

    SELECT COUNT(*) INTO _exists
    FROM information_schema.tables 
    WHERE table_schema =  DATABASE()
    AND table_name =  _table_name;

    RETURN _exists;

END$$

SELECT TABLE_EXISTS('you_table_name') as _exists

【讨论】：

【解决方案7】：

$q = "SHOW TABLES";
$res = mysql_query($q, $con);
if ($res)
while ( $row = mysql_fetch_array($res, MYSQL_ASSOC) )
{
    foreach( $row as $key => $value )
    {
        if ( $value = BTABLE )  // BTABLE IS A DEFINED NAME OF TABLE
            echo "exist";
        else
            echo "not exist";
    }
}

【讨论】：

请为代码添加准确的注释以提供最佳质量的答案。简单地粘贴一些代码并不能告诉问题的作者。
这实在是太可怕了。因此，如果有 50,000 个表，您将加载所有表，遍历每个表以查找是否存在正确的表？

【解决方案8】：

你为什么这么难理解？

function table_exist($table){ 
    $pTableExist = mysql_query("show tables like '".$table."'");
    if ($rTableExist = mysql_fetch_array($pTableExist)) {
        return "Yes";
    }else{
        return "No";
    }
}

【讨论】：

【解决方案9】：

我不知道它的 PDO 语法，但这似乎很简单：

$result = mysql_query("SHOW TABLES LIKE 'myTable'");
$tableExists = mysql_num_rows($result) > 0;

【讨论】：

谢谢，完全忘记了 SHOW TABLES LIKE 可能仅限于一个确切的表
PDO: $tableExists = $db->query("SHOW TABLES LIKE 'myTable'")->rowCount() > 0;
mysqli : if ($db->query("SHOW TABLES LIKE 'myTable'")->num_rows==0) { // 创建表 }
@MathewFoscarini，rowCount() 在这种情况下可能不可靠，请参阅PHP doc。
mysql_* 函数不再支持，它们是 officially deprecated，不再维护，将在未来。您应该使用PDO 或MySQLi 更新您的代码，以确保您的项目在未来的功能。

【解决方案10】：

如果您使用的是 MySQL 5.0 及更高版本，您可以尝试：

SELECT COUNT(*)
FROM information_schema.tables 
WHERE table_schema = '[database name]' 
AND table_name = '[table name]';

任何结果都表明该表存在。

发件人：http://www.electrictoolbox.com/check-if-mysql-table-exists/

【讨论】：

也许我遗漏了什么，但你为什么要在 SHOW TABLES 上使用这种方法？
@nickf 它是 ansi 标准的一部分，所以它可以在不同的 rdbms'es 之间移植。
@nickf：它也适用于 MySQL 以外的数据库。据我所知，这包括 PostgreSQL 和 SQL Server。
想知道这是否是一种安全漏洞，您可以从未连接到的数据库中查询信息...
不存在安全风险 -- 对 information_schema 数据库的查询将只显示已连接用户有权访问的表。